Trong bài viết này, chúng ta sẽ cùng nhau tìm hiểu và giải quyết tất cả các câu hỏi và bài tập liên quan đến chủ đề Hình bình hành trong sách bài tập toán lớp 8. Bằng cách hướng dẫn chi tiết và dễ hiểu nhất, chúng ta sẽ cùng nhau củng cố kiến thức, hiểu rõ hơn về bài học này. Hy vọng rằng thông qua thông tin được chia sẻ, các bạn học sinh sẽ có thêm kiến thức và tự tin hơn trong việc giải quyết các bài tập toán liên quan đến Hình bình hành.
Bài tập và hướng dẫn giải
Bài tập 3.12 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Xét hai hình bình hành MNBA và MNCB.
- Chứng minh A, B, C là ba điểm thẳng hàng;
- Chứng minh B là trung điểm của AC;
- Hỏi tam giác MAB thoả mãn điều kiện gì để MNCA là một hình thang cân?
- Lấy điểm D để tứ giác MNDC là hình bình hành. Hỏi tam giác MAB thoả mãn điều kiện gì để MNDA là một hình thang cân?
Trả lời: a) Do MNBA và MNCB là hình bình hànhSuy ra AB // MN, BC // MN nên theo tiên đề Euclid, hai đường...
Xem hướng dẫn giải chi tiết
Bài tập 3.13 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Chứng minh rằng tổng hai cạnh bên của hình thang lớn hơn hiệu hai đáy của nó.
Bài tập 3.14 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Cho hình bình hành ABCD với góc A tù. Dựng bên ngoài hình bình hành đó các tam giác đều ABE và DAF. Chứng minh rằng tam giác CEF là tam giác đều (Gợi ý: Chứng minh các tam giác AEF, DCF, BEC bằng nhau).
Bài tập 3.15 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Chứng minh rằng nếu hai góc kề của mỗi cạnh của một tứ giác đều là hai góc bù nhau thì tứ giác đó là một hình bình hành.
Trả lời: Xét tứ giác ABCD có tính chất hai góc kề mỗi cạnh là hai góc bù nhau.Vì $\widehat{A}+\widehat{B}=18...
Xem hướng dẫn giải chi tiết
Bài tập 3.16 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Cho hình thang ABCD với hai đáy AB, CD. Gọi K là trung điểm của BC. Lấy điểm A', D' sao cho K là trung điểm của AA' và DD'. Hỏi tứ giác AD'A'D là hình gì? Vì sao?
Trả lời: Tứ giác AD'A'D có hai đường chéo AA', DD' cắt nhau tại trung điểm của mỗi đường nên là một hình...
Xem hướng dẫn giải chi tiết
Bài tập 3.17 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Cho hai điểm phân biệt A, B nằm bên trong góc xOy (không bẹt). Tìm điểm D thuộc tia Ox, điểm E thuộc tia Oy sao cho ADBE là một hình bình hành.
Trả lời: Gọi K là trung điểm của AB thì cần tìm D thuộc Ox, E thuộc Oy sao cho K là trung điểm của DE.Lấy...
Xem hướng dẫn giải chi tiết
Bài tập 3.18 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Cho hình bình hành ABCD. Lấy các điểm E thuộc AB, F thuộc CD sao cho AE = CF; lấy các điểm G thuộc BC, H thuộc AD sao cho BG = DH. Chứng minh EGFH là một hình bình hành và các đường thẳng AC, BD, EF, GH đồng quy.
Bài tập 3.19 trang 37 sách bài tập (SBT) toán lớp 8 tập 1 kết nối:
Cho tam giác ABC không vuông tại A. Dựng bên ngoài tam giác đó hai tam giác ABD, ACE vuông cân tại đỉnh A rồi dựng hình bình hành AEID.
- Chứng minh hai tam giác ABC và DAI bằng nhau.
- Chứng minh đường thẳng AI vuông góc với BC.
- Chứng minh đường thẳng BE vuông góc với đường thẳng CD.
- Gọi K là trung điểm của BD, chứng minh KC = KI và KC vuông góc với KI. (Gợi ý: Chứng minh hai tam giác AKI và BKC bằng nhau).
Trả lời: a) Hình bình hành AEID có $\widehat{ADI}=\widehat{DAE}=180^{o}$ (hai góc kề một cạnh của hình bình...
Với giải sách bài tập Toán 8 Bài 12: Hình bình hành sách Kết nối tri thức hay nhất, chi tiết sẽ giúp học sinh dễ dàng làm bài tập trong SBT Toán 8 Bài 12.
Giải SBT Toán 8 Bài 12: Hình bình hành
Bài 3.12 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Xét hai hình bình hành MNBA và MNCB.
- Chứng minh A, B, C là ba điểm thẳng hàng;
- Chứng minh B là trung điểm của AC;
- Hỏi tam giác MAB thoả mãn điều kiện gì để MNCA là một hình thang cân?
- Lấy điểm D để tứ giác MNDC là hình bình hành. Hỏi tam giác MAB thoả mãn điều kiện gì để MNDA là một hình thang cân?
Lời giải:
- Do MNBA và MNCB là hình bình hành
Suy ra AB // MN, BC // MN nên theo tiên đề Euclid, hai đường thẳng AB và BC trùng nhau
Vậy ba điểm A, B, C thẳng hàng.
- Do MNBA và MNCB là hình bình hành
Suy ra AB = MN, BC = MN
Mà A, B, C thẳng hàng nên B là trung điểm của AC.
- Do MNCB là hình bình hành nên NC // MB, từ đó NCB^=MBA^ (hai góc đồng vị). Điều kiện để hình thang MNCA là hình thang cân là MAB^=NCB^ tức là MAB^=MBA^.
Vậy điều kiện để MNCA là hình thang cân là tam giác MAB cân tại M.
d)
Do MNDC là hình bình hành nên ND // MC, từ đó NDC^=MCA^ (hai góc đồng vị). Điều kiện để hình thang MNDA là hình thang cân là NDC^=MCA^.
Vậy điều kiện để MNDA là hình thang cân là MCA^=MAC^ tức là tam giác MAC cân tại M.
Do MB là đường trung tuyến của tam giác MAC nên điều kiện để tam giác MAC cân tại M là MB vuông góc với AC.
Vậy điều kiện để hình thang MNDA là hình thang cân đó là tam giác MAB vuông tại B.
Bài 3.13 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Chứng minh rằng tổng hai cạnh bên của hình thang lớn hơn hiệu hai đáy của nó.
Lời giải:
Xét hình thang ABCD với hai đáy AB và CD. Giả sử AB < CD.
Kẻ đường thẳng đi qua B song song với AD, cắt CD tại E.
Xét tứ giác ABED có: AB // DE và AD // BE
Do đó ABED là hình bình hành nên AB = DE và AD = BE.
Do AB < CD nên E nằm giữa C và D, do đó EC = DC – DE hay EC = DC ‒ AB. (1)
Trong tam giác BEC có: BE + BC > EC (bất đẳng thức trong tam giác)
Mà AD = BE nên AD + BC > EC (2)
Từ (1), (2) suy ra AD + BC > DC – AB.
Bài 3.14 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Cho hình bình hành ABCD với góc A tù. Dựng bên ngoài hình bình hành đó các tam giác đều ABE và DAF. Chứng minh rằng tam giác CEF là tam giác đều (Gợi ý: Chứng minh các tam giác AEF, DCF, BEC bằng nhau).
Lời giải:
Do ABCD là hình bình hành nên AB // CD
Gọi BAD^=α
Vì AB // CD nên ta có BAD^+ADC^=180°
Suy ra ADC^=180°−BAD^=180°−α
CDF^=ADC^+ADF^=180°−α+60°=240°−α (do ∆AFD nên ADF^=60°) (1)
• Ta có: EAF^+FAD^+DAB^+BAE^=360°
Suy ra EAF^=360°−FAD^−DAB^−BAE^
Mà FAD^=BAE^=60° (do ∆AFD và ∆ABE đều)
Suy ra EAF^=360°−60°−60°−α=240°−α 2
Từ (1) và (2) suy ra CDF^=EAF^.
Xét ∆AEF và ∆DCF có
AF = DF ( vì ∆ADF đều);
CDF^=EAF^ (chứng minh trên);
AE = DC (vì cùng bằng AB)
Do đó: ∆AEF = ∆DCF (c.g.c)
Suy ra EF = CF (*)
• CBE^=ABC^+ABE^=ABC^+60°
Mà ABCD là hình bình hành nên ABC^=ADC^=180°−α
Suy ra CBE^=180°−α+60°=240°−α, mà CDF^=240°−α(chứng minh trên)
Suy ra CBE^=CDF^.
Xét ΔBCE và ΔDFC có:
BE = CD (vì cùng bằng AB);
CBE^=CDF^ (chứng minh trên);
BC = DF (vì cùng bằng AD)
Do đó ∆BCE = ∆DFC (c.g.c)
Suy ra CE = CF (**)
Từ (*) và (**) suy ra: EF = CF = CE
Vậy ∆ECF là tam giác đều.
Bài 3.15 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Chứng minh rằng nếu hai góc kề của mỗi cạnh của một tứ giác đều là hai góc bù nhau thì tứ giác đó là một hình bình hành.
Lời giải:
Xét tứ giác ABCD có tính chất hai góc kề mỗi cạnh là hai góc bù nhau.
Vì A^+B^=180°;B^+C^=180° nên A^=C^.
Vì B^+C^=180°;C^+D^=180° nên B^=D^.
Vậy ABCD có mỗi cặp góc đối đều bằng nhau nên nó là một hình bình hành.
Bài 3.16 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Cho hình thang ABCD với hai đáy AB, CD. Gọi K là trung điểm của BC. Lấy điểm A', D' sao cho K là trung điểm của AA' và DD'. Hỏi tứ giác AD'A'D là hình gì? Vì sao?
Lời giải:
Tứ giác AD'A'D có hai đường chéo AA', DD' cắt nhau tại trung điểm của mỗi đường nên là một hình bình hành.
Bài 3.17 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Cho hai điểm phân biệt A, B nằm bên trong góc xOy (không bẹt). Tìm điểm D thuộc tia Ox, điểm E thuộc tia Oy sao cho ADBE là một hình bình hành.
Lời giải:
Gọi K là trung điểm của AB thì cần tìm D thuộc Ox, E thuộc Oy sao cho K là trung điểm của DE.
Lấy điểm M sao cho K là trung điểm của OM, kẻ các đường thẳng qua M song song với Ox, song song với Oy cắt Ox ở D, cắt Oy ở E cần tìm.
Thật vậy, nếu ME // OD và MD // OE thì ODME là hình bình hành
Mà K là trung điểm của OM nên K là trung điểm của DE
Lại có K là trung điểm của AB nên tứ giác ADBE có hai đường chéo DE, AB cắt nhau tại trung điểm của mỗi đường nên là hình bình hành.
Bài 3.18 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Cho hình bình hành ABCD. Lấy các điểm E thuộc AB, F thuộc CD sao cho AE = CF; lấy các điểm G thuộc BC, H thuộc AD sao cho BG = DH. Chứng minh EGFH là một hình bình hành và các đường thẳng AC, BD, EF, GH đồng quy.
Lời giải:
Do ABCD là hình bình hành nên BAD^=BCD^, AD = BC, AB = CD, ABC^=ADC^
• Ta có: AD = AH + DH, BC = BG + CG
Mà BG = DH, AD = BC nên AH = CG
Xét ∆AEH và ∆CFG có:
AH = CG, EAH^=FCG^(do BAD^=BCD^), AE = CF
Suy ra ∆AEH = ∆CFG (c.g.c) nên EH = FG.
Ta có: AB = AE + BE, CD = CF + DF
Mà AB = CD, AE = CF nên BE = DF
Xét ∆BEG và ∆DFH có:
BE = DF, EBG^=HDF^ (do ABC^=ADC^), BG = DH
Suy ra ∆BEG = ∆DFH (c.g.c) nên EG = FH.
Tứ giác EGFH có EH = FG, EG = FH nên là một hình bình hành.
• Do ABCD là hình bình hành nên khi ta gọi O là giao điểm của AC thì O là trung điểm của BD.
Vì tứ giác BEDF là hình bình hành (do EB = DF và EB // DF) nên hai đường chéo EF cắt nhau DB tại trung điểm O của BD.
Tương tự, GH đi qua trung điểm O của BD.
Vậy các đường thẳng AC, BD, EF, GH đồng quy.
Bài 3.19 trang 37 SBT Toán 8 Tập 1: Cho tam giác ABC không vuông tại A. Dựng bên ngoài tam giác đó hai tam giác ABD, ACE vuông cân tại đỉnh A rồi dựng hình bình hành AEID.
- Chứng minh hai tam giác ABC và DAI bằng nhau.
- Chứng minh đường thẳng AI vuông góc với BC.
- Chứng minh đường thẳng BE vuông góc với đường thẳng CD.
- Gọi K là trung điểm của BD, chứng minh KC = KI và KC vuông góc với KI. (Gợi ý: Chứng minh hai tam giác AKI và BKC bằng nhau).